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 近畿大学医学部（後期）2014 年度入学試験 解答速報 数学
平成２６年 ３月 ８日 実施
I
√
5−1
(1) α =
とするとき，
2
1
=
α−
α
1
アイ , α − 2 =
α
2
√
ウ
エ
, α3 −
1
=
α3
オカ
である．
(2) k を定数とする．x, y についての連立方程式
{
2x + 3y+1 = k
2x+2 + 3y = 5
を考える． x = −1 のとき， k =
とりうる値の範囲は
キク
コ
サ
である．また，この連立方程式が実数解 x, y をもつとき， k の
ケ
<k<
シス
である．
(3) 正の整数 a, b, c が等式
(a + bi)(c − i) = 50
を満たすとする．ただし， i は虚数単位である．このとき， a − bc =
大値は
ソタ
であり，最小値は
チツ
セ
である．また， a + b + c の最
である．
(4) 自然数 m, n に対して， x についての 2 次方程式
x2 − mx − n = 0
が x=1+
√
3 を解にもつとき， m =
テ
, n=
ト
である．また，自然数 p, q に対して， x につ
いての 3 次方程式
x3 − px2 + qx + 10 = 0
が x=1+
√
3 を解にもつとき， p =
ナ
, q=
ニ
である．
解答
(1) α を解にもつ 2 次方程式が α2 + α − 1 = 0 であるから，これの両辺を α で割って
√
√
1
5−1
5+1
1
1
α+1−
= 0 ⇐⇒ α −
= −1 となるが，これくらいなら直接 α =
,
=
か
α
α
2
α
2
)(
)
(
√
1
1
1
α+
=
ら計算してもよいだろう．α2 − 2 = α −
−
5 ,
α
α
α
(
)3
(
)
1
1
1
1
α3 − 3 = α −
+ 3α ·
α−
= −4
α
α
α
α
(2) 2x = X, 2y = Y とおくと， X > 0, Y > 0 であり，与えられた連立方程式は
{
X + 3Y = k · · · ①
4X + Y = 5 · · · ②
となる．まず， x = −1 のときは X =
19
1
であり，Y = 3 となるので， k =
2
である．また，
「も
2
との連立方程式が実数解 x, y をもつ」 ⇐⇒ 「置き換えた連立方程式 ①，
② が X > 0, Y > 0 となる解を
(
)
15 − k
4k − 5
もつ」であることに注意すると， ①，
② の解 (X, Y ) =
,
がともに正であることから
11
11
5
<k<
15
となる．
4
(3) 与えられた等式を整理すると (ac + b) − (a − bc)i = 50 となる．複素数の相等より ac + b = 50 · · · ①,
a − bc =
0
· · · ② を得る．②より a = bc を ① に代入して整理すると，b(c2 + 1) = 50 となる．これより，
a, b, c が正の整数であることに注意すると，a, b, c の組は (a, b, c) = (7, 1, 7), (15, 5, 3), (20, 10, 2), (25, 25, 1)
の 4 組となる．これより a + b + c の最大値は (a, b, c) = (25, 25, 1) のときの
(a, b, c) = (7, 1, 7) のときの
51
，最小値は
となる．
√
(4) 有理数係数の方程式であるから，x = 1 − 3 も解である．したがって，解と係数の関係より
√
√
√
√
m = (1 + 3) + (1 − 3) =
2 , −n = (1 + 3)(1 − 3) = −2 より n =
2
がわかる．また，題
15
意より x3 − px2 + qx + 10 は上で定まった 2 次式 x2 − 2x − 2 で割り切れる．実際に割り算を実行すると
x3 − px2 + qx + 10 = (x2 − 2x − 2)(x + 2 − p) + (6 − 2p + q)x + (14 − 2p) となるので， 6 − 2p + q = 0 かつ
14 − 2p = 0 が成り立たなければならない，したがって， p =
いては，3 次方程式の解と係数の関係を用いてもよいだろう．
7
, q=
8
となる．なお，後半につ
II
四面体 OABC の３辺 OC, AC, BC を切って開いた時の展開図を座標平面上で考える．３点 O, A, B は，それぞれ
√
√
√ √
O(0, 0), A(4 6, 0), B(0, 4 6) に置かれ，展開する前に C であった点は，３点 D(−3 2, 6), E(p, −q), F(r, s)
√
に置かれたとする．ただし，q > 0, r+s > 4 6 とする．四面体 OABC の４つの面 △OAB, △OAC, △OBC, △ABC
は，座標平面上でそれぞれ △OAB, △OAE, △OBD, △ABF になったとする．このような条件を満たす四面体
OABC のうち，体積が最大となるものを考える．また，四面体 OABC において辺 OB 上に OB⊥CH となる点 H
をとり，辺 AB を 1 : 3 に内分する点を P とする．
√
(1) OE =
√
ア
イ
ウ
, BF =
エ
である．
オ
(2) ̸ CHP = α (ただし，0 <
=α<
= π) とするとき，α =
π である．また，C から平面 OAB に下した
カ
√
垂線の長さは
√
キ
ク
であり，四面体 OABC の体積は
ケコ
サ
である．
√
(3) AC =
シ
スセ
√
√
(4) q =
チ
ツ
ソ
であり，̸ ACB = β (ただし，0 <
=β<
= π) とするとき，β =
テ
π である．
タ
√
ト
,s=
+
ナ
ニヌ
である．
ネ
解答
√
y
(1) OE = OD =
F
B
H
D
√
6
, BF = BD =
6
2
(2) 底面を OAB と考えると，体積が最大になるときは C から OAB
に下した垂線の長さが最大になるときである．すなわち，平面
1
OBC と 平面 OAB のなす角が
π のときである．すなわち，
2
P
O
2
A
x
̸
CHP = α =
1
π．
2
C か ら 平 面 OAB に 下 し た 垂 線 は CH で あ る か ら ，長 さ は
√
3
2
√
1
四面体 OABC の体積は
× CH × △OAB = 48
2
3
E
√
√
√
√
(3) ここから空間座標で考える．A(4 6, 0, 0), B(0, 4 6, 0), C(0, 6, 3 2) となるので，AC =
√ √
√
√
√
−→ −→
また，CA · CB = (−4 6, 6, 3 2) · (0, −3 6, 3 2) = 0 から β =
√
(4) OE = p + q = 24, AE = (p − 4 6)2 + q 2 = 120 を解いて，q =
2
2
2
2
√
√
AF2 = (r−4 6)2 +s2 = 120, BF2 = r2 +(s−4 6)2 = 72 を解いて，s =
1
√
2
30
π
2
√
2
5
√
6
6
,
√
+
2
3
10
III
O を原点とする座標平面において，y = x2 − 1 のグラフ C と点 A(−1, 0) を考える．A を通り，傾きが
◦
tan 15 である直線を ℓ とし，C と ℓ の交点のうち A と異なるものを B，さらに C と ℓ で囲まれた部分を D と
する．
(1) A を通り，C とただ 1 つの共有点をもつ直線の方程式は
x=
アイ
または y =
ウエ x −
オ
である．
√
(2) ℓ の y 切片は
カ
−
(3) B の x 座標は
ク
−
(4) D の面積は
キ
である．
ケ
である．
√
コサシ −
√
スセ
ソ
である．
タ
(5) 条件
−→ −→
−→
「D の境界線上の任意の点 P に対して，OP · OQ >
= −|OP|」
を満たす D 内の点 Q 全体の集合が表す図形の面積は
チツ
テト
ナ
+
ニヌ
π
である．
解答
領域 D は右図斜線部となる．
y
C
(1) 求める直線は，A で x 軸に直交する直線と，A における C の接線の 2
本．よって x =
−1
または y =
−2
x−
2
B
．
◦
30
(2) 15◦ = 45◦ − 30◦ とみて加法定理を用いるか，15◦ =
とみて倍角公
2
√
式または半角公式を用いるかして tan 15◦ = 2 − 3 が分かる．よって ℓ の
√
√
方程式は y = (2 − 3)(x + 1) であるから y 切片は
2
−
3 ．
A
ℓ
x
O
√
√
(3) C, ℓ から y を消去すると x2 − (2 − 3)x − 3 + 3 = 0．これが点 A の x 座標である −1 を解にもつこと
√
√
に注意して，(x + 1)(x − 3 + 3) = 0．よって B の x 座標は
3
−
3 ．
√
1
{(3 − 3) − (−1)}3 =
(4) 公式を用いることにより，D の面積は
6
100
−
√
51
6
3
．
(5) 領域 D の内部に原点が含まれることに注意しておく．P は D の境界線
−→
−→ −→
上にあるので |OP| > 0 であるから，OP, OQ のなす角を θ とすると，
y
C
−→ −→
−→
−→ −→
−→
−→
OP · OQ >
= −|OP| ⇒ |OP||OQ| cos θ >
= −|OP| ⇒ |OQ| cos θ >
= −1
となる．今 θ は任意の値を取りうるから，cos θ は −1 <
= cos θ <
= 1 の範囲
−→
の任意の値をとりうる．よって |OQ| <
= 1 であると分かるので，点 Q 全体
の集合が表す図形は右図の斜線部である．よってその面積は，
ℓ
O
x
(x 軸の下部) + (頂角 150◦ の二等辺三角形) + (中心角 30◦ の扇形)
1
1
30
=
{1 − (−1)}3 +
· 1 · 1 · sin 150◦ + 12 π ·
6
2
360
19
1
=
+
π
12
12
講評
１．小問集合（標準） 昨年度よりも解きにくい問題が増えた．(2) の連立方程式の問題，(3) の整数問題は難しく感じた受験生も多
かったのではないだろうか．
２．空間図形（標準） 四面体の展開図を扱う問題．決して難しくはないのだが，問題文に書かれてある「このような条件を満たす四
面体 OABC のうち，体積が最大となるものを考える」の部分を想像できなかったり，下手に計算に入ったり
すると大変．
３．領域（やや難） (5) 以外は難しくないが計算のスピード，要領が大きく点を左右する．(5) は方針が立てば計算自体は易しい
が，題意がとれなかった受験生が多かったであろう．
昨年同様点数のとりにくいセット．
問題ごとの難易の差が大きく，一か所で立ち止まってしまうと時間的にも苦しくなる．適当に見切りをつけて，う
まく立ち回ることも必要か．
後期試験ということを考えるとボーダーは８割５分くらい．
メビオ
医歯学部進学予備校 〒 540–0033 大阪市中央区石町 2–3–12 ベルヴォア天満橋
TEL 06–6946–0109 FAX 06–6941–9416 URL http://www.mebio.co.jp/